¿Respuestas de biología al examen de ingreso a la universidad de Sichuan 2010?

Prueba de capacidad científica integral

Volumen 1

1 En comparación con la levadura, las bacterias nitrificantes tienen las siguientes características<. /p>

A. Sin mitocondrias, la energía sólo se puede obtener mediante la respiración anaeróbica.

b Sin nitrogenasa, solo puede utilizar materia orgánica que contenga nitrógeno como fuente de nitrógeno.

C. Sin núcleo, la descendencia sólo puede reproducirse mediante gemación.

D. Sin cromosomas, la variación genética sólo puede ocurrir a nivel del ADN.

Respuesta: d

Análisis: Esta pregunta evalúa la diferencia entre eucariotas y procariotas y el conocimiento relacionado con los microorganismos, y evalúa la capacidad de comprensión de los estudiantes. La levadura es un organismo eucariota y las bacterias nitrificantes son procariotas. Las bacterias nitrificantes no tienen mitocondrias, pero son organismos aeróbicos que respiran de forma aeróbica. Las bacterias nitrificantes no tienen nitrogenasa, pero pueden utilizar nitrógeno inorgánico NH3 como fuente de nitrógeno. b está mal. Las bacterias nitrificantes no tienen núcleo, pero se dividen y se reproducen, pero no pueden germinar y reproducirse. c está mal. Las bacterias nitrificantes son procariotas y no tienen cromosomas, por lo que sólo pueden producir variación genética a nivel del ADN.

2. Las siguientes afirmaciones sobre el experimento son correctas.

R. Al explorar los efectos específicos de la amilasa sobre el almidón y la sacarosa, se puede utilizar una solución de yodo en lugar del reactivo de filina para la identificación.

B. Los resultados experimentales de la separación por cromatografía en papel de pigmentos de cloroplasto muestran que la clorofila B tiene la menor solubilidad en la solución de cromatografía.

C. Al investigar la incidencia de una determinada enfermedad genética en la población, se deben seleccionar familias con antecedentes de enfermedad genética para la investigación y las estadísticas.

D. Al identificar proteínas, la solución de reactivo de biuret A y la solución B deben mezclarse y luego agregarse a la solución de muestra de tejido que se va a analizar.

Respuesta: b

Análisis: Esta pregunta pone a prueba el conocimiento experimental del libro y la capacidad de comprensión de los estudiantes. Opción a. La solución de yodo sólo puede reaccionar con almidón, no con sacarosa, por lo que no se puede distinguir de la solución de azufre. a está mal. Cuanto mayor sea la solubilidad, más rápida será la difusión. La clorofila B está en el fondo del líquido cromatográfico, por lo que tiene la solubilidad más baja y B es correcta. Al investigar la incidencia de una enfermedad genética, C se equivoca debido a una muestra aleatoria de la población. Para identificar proteínas, agregue primero la solución A y luego la solución B. D es incorrecto.

3. Alguien estudió las características fotosintéticas de dos tipos de árboles frutales bajo diferentes intensidades de luz, y los resultados son los siguientes (la tasa fotosintética neta se expresa por la tasa de absorción, y otras condiciones son adecuadas y relativamente constante). El análisis de correlación siguiente es incorrecto.

Intensidad de la luz (millimoles de fotones/)00.10.20 30,40 .

Tasa fotosintética neta (umol/)-0. 602. 505. 106. 557. 457. 908. 208. 508. 508. 50

Tasa de utilización de energía luminosa del mango (% )-1,20 1,05 0,90 0,85 0,80 0,75 0,70 0,65 0,60

Tasa fotosintética neta (umol/)-2,10103,705 406,507 257,607,607 .

A. La intensidad de la luz es superior a 0,1 mmol de fotones/y la tasa de utilización de la energía luminosa de los dos árboles frutales disminuye gradualmente con el aumento de la intensidad de la luz.

bLa intensidad de la luz es inferior a 0,5 mmol de fotones/, y el principal factor que limita la tasa fotosintética neta es el contenido de clorofila.

C. La intensidad de la luz es superior a 0,7 mmol fotones/, y el principal factor ecológico que limita la tasa fotosintética neta es la concentración.

D. La tasa máxima de utilización de energía luminosa del longan es mayor que la del mango, pero la tasa fotosintética total máxima es menor que la del mango.

Respuesta: b

Análisis: Esta pregunta evalúa los conocimientos relacionados con la fotosíntesis y examina la capacidad de los estudiantes para obtener información y comprender. Se puede ver en la tabla que la intensidad de la luz es superior a 0,1 mmol de fotones/, y la tasa de utilización de la energía luminosa de los dos árboles frutales disminuye gradualmente a medida que aumenta la intensidad de la luz A es correcta.

Cuando la intensidad de la luz es inferior a 0,5 mmol de fotones/, la tasa fotosintética neta aumenta con el aumento de la intensidad de la luz. Por lo tanto, la intensidad de la luz es inferior a 0,5 mmol de fotones/. Los principales factores que limitan la tasa fotosintética neta son la intensidad de la luz y B. error. Cuando la intensidad de la luz es superior a 0,7 mmol de fotones/, la tasa fotosintética neta ya no aumenta con el aumento de la intensidad de la luz. Por lo tanto, cuando la intensidad de la luz es superior a 0,7 mmol de fotones/, el principal factor ecológico que limita la tasa de fotosíntesis neta. Ya no es la intensidad de la luz, sino principalmente la concentración. c es correcto.

4. Un compañero de clase estaba resfriado y tenía fiebre de 39°C, acompañado de diarrea leve. En comparación con antes de la enfermedad, la condición física de este estudiante en este momento es

A. La respiración y los latidos del corazón se aceleran y el ATP se acumula en las células del miocardio.

B. La secreción de sudor aumenta, la producción de orina disminuye y la concentración plasmática de Na+ disminuye.

C. Aumento de la secreción de hormona tiroidea, aumento del metabolismo y aumento de la producción de calor.

D. Se potencia la síntesis de glucógeno, se acelera la lipólisis y se incrementa la síntesis de urea.

Respuesta: c

Análisis: Esta pregunta pone a prueba el conocimiento relacionado con la regulación del cuerpo humano y examina la capacidad de comprensión de los estudiantes. Después de la fiebre, la respiración y los latidos del corazón se acelerarán, pero el ATP en las células del miocardio no se acumulará en grandes cantidades. a está mal. Fiebre y diarrea leve, aumenta la secreción de sudor, disminuye la producción de orina y los iones de sodio en el plasma no disminuyen. Durante la fiebre, aumenta la secreción de hormona tiroidea, lo que provoca un aumento del metabolismo y una mayor producción de calor. Cuando tiene fiebre, el metabolismo se acelera y, junto con una diarrea leve, la síntesis de glucógeno no mejorará.

5. Cierto laboratorio ha realizado una investigación experimental como se muestra en la siguiente figura. Las siguientes afirmaciones relevantes son correctas.

A. Las células madre inducidas que se forman en el proceso ① tienen una totipotencia más baja que los fibroblastos.

El proceso b ② es un proceso que induce diferencias en la estructura de las células madre y la estabilidad del material genético.

C. Cada célula Y solo produce un tipo de anticuerpo, por lo que el proceso ③ no requiere un medio selectivo para la detección.

d. Los anticuerpos monoclonales producidos en el proceso ④ pueden liberarse fuera de las células sin la ayuda de proteínas transportadoras en la membrana celular.

Respuesta: d

Análisis: Esta pregunta evalúa los conocimientos relacionados con la diferenciación celular y la ingeniería celular, y examina las habilidades de aplicación integral de los estudiantes. Las células madre inducidas formadas mediante el proceso 1 tienen una alta totipotencia y error. El proceso 2 es el proceso de diferenciación celular y el material genético no cambia durante el proceso de diferenciación. b está mal. En el procedimiento 3, las células de hibridoma sólo se pueden seleccionar usando medio de selección, C es incorrecto. El proceso 4 secreta proteínas de anticuerpos. Este es un proceso de eflujo sin la ayuda de proteínas portadoras.

Tomo 2

30. (24 puntos) Responde las preguntas I y II a continuación.

1. Un laboratorio obtuvo ratas que habían dañado parcialmente el hipotálamo pero sobrevivieron a la cirugía y realizó investigaciones relevantes.

(1) En el experimento 1, se prepararon dos grupos de ratas experimentales de acuerdo con la siguiente tabla y se trataron de la siguiente manera: a las ratas se les inyectó por vía subcutánea una cantidad igual de SRBC (glóbulos rojos de cabra); después de 7 días, se tomó tejido del bazo. Haga una suspensión celular; mezcle una cantidad adecuada de suspensión de células del bazo con SRBC durante un período de tiempo y luego detecte la ruptura de SRBC (Nota: después de que el anticuerpo específico se una al antígeno en la superficie). de glóbulos rojos, los glóbulos rojos se romperán y liberarán hemoglobina en el medio de cultivo. Cuanto mayor sea el contenido, mayor será el valor de OD).

Valor DO del medio de cultivo para la cantidad de material preparado para cada grupo (únicamente)

Grupo de destrucción quirúrgica (cirugía y destrucción de tálamo anterior) 120,20

b Grupo normal (sin cirugía) 120,40

①El propósito de la inyección subcutánea de SRBC en ratas es.

② La suspensión de células del bazo puede provocar la ruptura de SRBC, lo que indica que la suspensión contiene sustancias y se llaman las células que producen las sustancias.

③Algunas personas piensan que se debe agregar un grupo al experimento; el hipotálamo no debe dañarse durante la cirugía. ¿Crees que es necesario? .

Explique por qué:

Indique un título para este experimento.

(2) Experimento 2: varios grupos de ratas normales y ratas con lesiones en las manos fueron expuestos a diferentes temperaturas durante 30 minutos y luego se midió el consumo de oxígeno por unidad de tiempo. Los resultados para ratones normales se muestran en la figura.

① Dibuje la curva de consumo de oxígeno por unidad de tiempo de la rata herida quirúrgicamente en la imagen.

②Cuando las ratas normales pasan de la temperatura ambiente a la temperatura baja, su concentración de azúcar en sangre aumentará porque

.

③ Después de alimentarse en condiciones adecuadas durante un período de tiempo, se descubrió que las gónadas de las ratas con lesión quirúrgica se atrofiaban, lo que se debía a una reducción de la liberación hipotalámica y pituitaria.

II.La zona intermareal de playa rocosa se compone de dos ambientes: charcos de diferentes tamaños y sustratos salientes entre los charcos. Crecen principalmente enteromorfos, eleuteros y otras algas, además de caracoles, cangrejos y otros animales. Los cangrejos de costa se alimentan principalmente de animales pequeños como los caracoles y sus principales enemigos naturales son las gaviotas.

(1) Seleccione dos pozos de agua naturales (A y B) con tamaño y profundidad similares, capture todos los caracoles (233) en el pozo B y muévalos al pozo A casi sin caracoles para estudiar el caracoles Efectos sobre las poblaciones de algas y cangrejos. Los resultados se muestran en la figura.

①La razón principal de la disminución de Enteromorpha en la Figura A es: _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _

②La densidad de población de cangrejos costeros en el pozo de agua se correlaciona positivamente con el número relativo de población de _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ . Se descubrió que el ambiente donde dominaba esta alga ayudaba a los cangrejos de costa a evitar a los depredadores, sin embargo, el ambiente donde dominaba otro tipo de alga hacía lo contrario; Con base en esto, explique la razón por la cual había más caracoles en el pozo B antes de mudarse_ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ Razones

③La cadena alimentaria biológica más larga involucrada en este estudio es_ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _.

(2) La Figura C se dibujó investigando la densidad de caracoles y el número de especies de algas en los dos microecosistemas del charco y el sustrato que sobresale.

(1) En el caso de los caracoles raros, si se quiere proteger la vida al máximo.

Diversidad, la prioridad a proteger es el ecosistema _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _.

Esta medida de protección es _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _.

② Cuando la densidad de caracoles se mantiene en 100 ~ 200/m2 durante mucho tiempo, el ecosistema tiene una alta estabilidad de resistencia.

_ _ _ _ _ _ _ _ _ _

Respuesta: I: 1, (1) Antígeno

(2) Anticuerpo Células B efectoras

(3) Es necesario excluir la influencia del operación en sí sobre los resultados experimentales.

(4) Explorar la influencia del hipotálamo en la producción de anticuerpos.

2. (1)

(2) Bajo estimulación a baja temperatura, el hipotálamo promueve la secreción de epinefrina y glucagón a través de nervios relacionados. La epinefrina y el glucagón pueden promover la descomposición del glucógeno hepático y aumentar el azúcar en sangre.

Dos: 1 y (1) fueron presa de caracoles.

(2) Enteromorpha

El pozo B tiene menos Enteromorpha, lo que no favorece que los cangrejos de costa eviten sus enemigos naturales. Los cangrejos de costa son presa de grandes cantidades, por lo que la cantidad de cangrejos de costa es pequeña, por lo que hay pocos caracoles de presa, por lo que hay muchos caracoles de costa.

(3) Enteromorpha - Oncomelania - Cangrejo - Gaviota

2) (1) Protección in situ de matriz saliente

(2) Charco p>

Análisis:

I: Esta pregunta evalúa los conocimientos relacionados con la inmunidad y la regulación de la temperatura corporal, y evalúa la capacidad de aplicación integral y la capacidad experimental de los estudiantes.

Primera pregunta:

Pregunta 1: De la pregunta se puede ver que se mezcló una cantidad adecuada de suspensión de esplenocitos con SRBC durante un período de tiempo, y la ruptura de SRBC fue detectado Esto es el resultado de los anticuerpos específicos en la superficie de los glóbulos rojos y es causado por la unión del antígeno. Por tanto, el objetivo de la inyección subcutánea de SRBC en ratas es estimular la producción de los anticuerpos correspondientes como antígenos.

Pregunta 2: De la pregunta se desprende que los glóbulos rojos se romperán debido a la combinación de anticuerpos y antígenos específicos en la superficie de los glóbulos rojos. La suspensión de células esplénicas provocará la ruptura de SRBC, lo que indica. que la suspensión contiene sustancias de anticuerpos. Los anticuerpos son producidos por las células B efectoras.

Pregunta 3: La operación en sí es una variable y es necesario eliminar el impacto de la operación en sí en los resultados experimentales.

La cuarta subpregunta: Preguntas integrales 1, 2, 3. El título de este experimento debería ser: Exploración de la influencia del hipotálamo en la producción de anticuerpos.

Segunda pregunta:

Pregunta 1: Las ratas lesionadas quirúrgicamente no pueden regular su temperatura corporal, por lo que su temperatura corporal cambia con los cambios en la temperatura ambiental.

Pregunta 2: Cuando las ratas normales pasan de la temperatura ambiente a la temperatura baja, el hipotálamo provocará un aumento en la secreción de adrenalina, y la adrenalina hará que el glucógeno hepático se descomponga y aumente el azúcar en la sangre.

Pregunta 3: El hipotálamo libera la hormona liberadora de gonadotropina. La hormona liberadora de gonadotropina actúa sobre la glándula pituitaria, incitando a la glándula pituitaria a producir gonadotropina. La gonadotropina actúa sobre las gónadas, provocando el crecimiento y desarrollo de las gónadas. .

Dos: esta pregunta pone a prueba los conocimientos relevantes de ecología y la capacidad de aplicación integral de los estudiantes.

La primera pregunta:

Pregunta 1: En la Figura A, el número de Enteromorpha enteromorpha se redujo después de ser trasladado al cuerpo del caracol. Debería haber sido depredado. caracol. Enteromorpha y Echinacea son algas. En la imagen, el número de Enteromorpha disminuye y luego el número de Enteromorpha aumenta, por lo que existe una relación competitiva.

Pregunta 2: Se puede ver en las Figuras A y B que la densidad de población de cangrejos costeros en el charco se correlaciona positivamente con el tamaño relativo de la población de Enteromorpha Enteromorpha. El entorno ventajoso de Enteromorpha es útil para que los cangrejos de costa eviten los enemigos naturales. Por lo tanto, antes de que los caracoles del Pozo B se muevan, hay menos Enteromorpha, lo que no es propicio para que los cangrejos de costa eviten a los enemigos naturales. Los cangrejos de costa son presa de grandes cantidades. cantidades, por lo que la cantidad de cangrejos de costa es pequeña, por lo que hay muchos caracoles de costa.

Pregunta 3: Los más largos son Enteromorpha - Oncomelania - Cangrejo - Gaviota.

Segunda pregunta:

Pregunta 1: En el caso de los caracoles raros, el análisis de la Figura C muestra que hay muchos tipos de algas en el ecosistema de matriz convexa, por lo que se requiere una protección prioritaria. Es un ecosistema de matriz convexa y este tipo de medida de protección pertenece a la protección in situ.

Pregunta 2: Cuando la densidad de caracoles permanece en 100 ~ 200/m2 durante mucho tiempo, la cantidad de especies de algas en el ecosistema del charco es mayor y la estabilidad de la resistencia es mayor.

31. (18 puntos) Responde las siguientes dos preguntas breves.

1. Para mejorar la resistencia del trigo a la sequía, alguien introdujo el gen de resistencia a la sequía de la cebada (HVA) en el trigo y examinó los genes T de alta resistencia a la sequía que integraron con éxito el gen HVA en el cromosoma. Plantas (suponiendo que los genes HVA se puedan expresar normalmente).

(1) Algunas células somáticas vegetales de t. Deje que las plantas se autopolinicen y la proporción de semillas con genes HVA en la cubierta de la semilla es _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _.

(2) Algunas células somáticas de plantas t. contienen dos genes HVA. Hay tres tipos de integración de estos dos genes en el cromosoma, como se muestra en la siguiente figura (el punto negro indica el sitio de integración de). el gen HVA).

①Cruzar plantas con trigo no transgénico: si la proporción de plantas con fuerte resistencia a la sequía en la descendencia es del 50%, los sitios de integración de los dos genes HVA pertenecen a la figura _ _ _ _ _ _ _ _ tipo; si la proporción de plantas descendientes con alta resistencia a la sequía es del 100%, entonces los sitios de integración de los dos genes HVA pertenecen a la Figura _ _ _ _.

②Supongamos que el tipo de t es el que se muestra en la Figura C. Las plantas se autopolinizan y la proporción de plantas con alta resistencia a la sequía en la descendencia es _ _ _ _ _ _ _ _ _.

ⅱ. Drosophila melanogaster tiene una gran capacidad reproductiva y rasgos relativos obvios, y es un material de prueba genética de uso común.

(1) Experimentos de Drosophila con CO2. Hay dos cepas de tolerancia: sensible (A) y tolerante (B). Alguien ha creado las dos cepas siguientes.

En el primer experimento, las moscas hembra de la cepa A se cruzaron con moscas macho de la cepa B y todas las crías fueron sensibles.

En el segundo experimento, se enuclearon huevos de la cepa A y se transfirieron a los núcleos de células somáticas de moscas hembra de la cepa B. Las moscas hembra resultantes se cruzaron con moscas macho de la cepa B, y todas las crías seguían siendo sensibles. .

(1) Esta persona diseñó el Experimento 2 para verificar _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ Validez de _ _ _ _ _ _

② Si ​​se diseña otro experimento cruzado para reemplazar el Experimento 2, la combinación principal del experimento cruzado es _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ .

(2) Un par de rasgos relativos en Drosophila están controlados por alelos (n, n), uno de los cuales puede matar al cigoto cuando es homocigoto (Nota: se consideran NN, XXXXN, XXNY, etc. homocigoto). Alguien cruzó un par de moscas de la fruta y obtuvo moscas de la fruta de la generación F1 ***185, de las cuales 63 eran machos.

①El gen que controla este rasgo se localiza en el _ _ _ _ _ _ _ _ _ _cromosoma, y ​​existen _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _

(2) La mosca hembra de la generación F1 tiene un solo fenotipo, el gen letal es _ _ _ _ _ _ _ _ _, y el genotipo de la generación F1 es _ _ _ _ _ _ _ _.

③Si la mosca hembra de la generación F1 * * * tiene dos fenotipos, el gen letal es _ _ _ _ _ _ _ _. Deje que las moscas de la fruta de la generación F1 se apareen al azar. Teóricamente, en una población compuesta por individuos supervivientes de la generación F2, la frecuencia del gen N es _ _ _ _ _ _ _ _.

Yo: [Respuesta]: (1) 100% 75%

(2) Licenciatura

15/16

Análisis : Esta pregunta pone a prueba el conocimiento relacionado con la genética y examina las habilidades de aplicación integral de los estudiantes.

Pregunta 1: La planta T contiene un gen HVA, que puede considerarse como Aa, A representa el gen HAV, autofecundado, la cubierta de la semilla es su célula somática, todos los genotipos son Aa, el embrión es F1. larvas, A La proporción de genes es 3/4.

Pregunta 2: Si se considera aa en la Figura A y AA se considera en el trigo no transgénico, entonces la relación de resistencia a la sequía de la descendencia híbrida en la Figura A es 100%, y Aa se considera en la Figura B (debido a que los dos genes HAV están en el mismo cromosoma), entonces la proporción de resistencia a la sequía de la descendencia híbrida en la Figura B es del 50%. En la Figura C, se puede considerar aabb (tanto A como B son resistentes a la sequía). En este momento, el trigo no transgénico se considera AABB, y luego c

Dos: [Respuesta]: 1, (1) El gen que controla la tolerancia al CO2 está ubicado en el citoplasma.

(2)Tolerancia (hembra) y sensibilidad X (masculino)

2, (1)X 3

(2)n XNXN XNXn

(3)N 1/11

Análisis: esta pregunta evalúa los conocimientos relacionados con la herencia y examina la capacidad de aplicación integral de los estudiantes.

Pregunta 1: Este experimento tiene como objetivo verificar que el gen que controla la tolerancia al CO2 está ubicado en el citoplasma y demostrar si tiene una herencia citoplasmática excelente y puede ser ortocruzado y retrocruzado.

Pregunta 2: Hay 1 generación de Drosophila melanogaster ***185, incluidos 63 moscas de la fruta macho, lo que indica que el gen está ubicado en el cromosoma X, y la Drosophila melanogaster superviviente tiene 3 genotipos* * * 2 hembras y 1 macho. Si la mosca hembra F1 tiene un solo fenotipo, el gen letal es n, los genotipos parentales son XNXn, XNY y la mosca hembra F1 tiene XXXXXXXXXN. Si la mosca hembra F1 tiene dos fenotipos, el gen letal es n y el genotipo parental es XXXXXXXXY. El genotipo de las moscas hembra de la generación F1 es XXXXXXXXXXXwith, la proporción es 1:1 y el genotipo de las moscas macho es XnY. Deje que las moscas de la fruta de la generación F1 se apareen al azar. Teóricamente, la frecuencia del gen N en la población compuesta por individuos supervivientes de la generación F2 es 1/11.